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#2538. 「PKUWC2018」Slay the Spire

来源:互联网 收集:自由互联 发布时间:2021-06-22
传送门 首先,我们把所有的牌排个序,那么同一种牌肯定是尽量选大的。不难发现能多选强化牌一定要多选,比方说现在选了 \(a\) 张攻击牌和 \(b\) 张强化牌( \(a1\) ),那么去掉攻击

传送门

首先,我们把所有的牌排个序,那么同一种牌肯定是尽量选大的。不难发现能多选强化牌一定要多选,比方说现在选了\(a\)张攻击牌和\(b\)张强化牌(\(a>1\)),那么去掉攻击力最小的那张攻击牌,攻击力最小只会变为原来的一半(比方说两张攻击牌且攻击力一样),其他情况下都是大于原来的一半,而选择一张强化牌攻击力最少要翻倍,所以多选强化牌绝对不会变劣

然后就是dp了……没我的事了看题解去……

\(F(x,y)\)表示选择\(x\)张牌,打出\(y\)张的所有方案的强化倍率的总和,\(G(x,y)\)表示选择\(x\)张牌,打出\(y\)张的所有方案的攻击力之和,那么如果选了\(i\)张强化牌,如果\(i<k\)\(ans+=F(i,i)\times G(m-i,k-i)\),如果\(i\geq k\),则\(ans+=F(i,k-1)\times G(m-i,1)\)

然后考虑如何计算\(F,G\),设\(f(i,j)\)表示用了\(i\)张牌,最前面的那一张是第\(j\)张的强化倍率总和,设\(sum[j]=\sum_{d=1}^j f(i-1,d)\),那么\(f(i,j)=a[j]\times(sum[n]-sum[j])\)。如果\(sum[i]\)\(g\)的前缀和,那么\(g\)的转移就是\(g(i,j)=(sum[n]-s[j])+a[j]*C_{n-j}^{i-1}\),注意\(g\)的贡献是要求和,而且每一张牌都会有后面那个组合数的贡献

这样的话就可以知道\(F\)\(G\)\[F(x,y)=\sum_{i=x-y+1}^{n-y+1}f(y,i)\times C_{i-1}^{x-y}\]
\[G(x,y)=\sum_{i=x-y+1}^{n-y+1}g(y,i)\times C_{i-1}^{x-y}\]
后面那个组合数是因为固定了用的,剩下不用的就可以随便选了

如果\(y=0\),那么\(F(x,y)=C_{n}^x\),倍率都是\(1\)但是方案数要加起来

//minamoto
#include<bits/stdc++.h>
#define R register
#define fp(i,a,b) for(R int i=a,I=b+1;i<I;++i)
#define fd(i,a,b) for(R int i=a,I=b-1;i>I;--i)
#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].v;i;i=e[i].nx,v=e[i].v)
using namespace std;
char buf[1<<21],*p1=buf,*p2=buf;
inline char getc(){return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;}
int read(){
    R int res,f=1;R char ch;
    while((ch=getc())>'9'||ch<'0')(ch=='-')&&(f=-1);
    for(res=ch-'0';(ch=getc())>='0'&&ch<='9';res=res*10+ch-'0');
    return res*f;
}
char sr[1<<21],z[20];int C=-1,Z=0;
inline void Ot(){fwrite(sr,1,C+1,stdout),C=-1;}
void print(R int x){
    if(C>1<<20)Ot();if(x<0)sr[++C]='-',x=-x;
    while(z[++Z]=x%10+48,x/=10);
    while(sr[++C]=z[Z],--Z);sr[++C]='\n';
}
const int N=1505,P=998244353;
inline int add(R int x,R int y){return x+y>=P?x+y-P:x+y;}
inline int dec(R int x,R int y){return x-y<0?x-y+P:x-y;}
inline int mul(R int x,R int y){return 1ll*x*y-1ll*x*y/P*P;}
int c[N<<1][N<<1],f[N][N],g[N][N],a[N],b[N],sum[N];
int n,m,k,ans;
int F(R int x,R int y){
    if(y>x)return 0;if(!y)return c[n][x];
    R int res=0;
    fp(i,x-y+1,n-y+1)res=add(res,mul(f[y][i],c[i-1][x-y]));
    return res;
}
int G(R int x,R int y){
    if(y>x)return 0;
    R int res=0;
    fp(i,x-y+1,n-y+1)res=add(res,mul(g[y][i],c[i-1][x-y]));
    return res;
}
inline void init(){
    fp(i,0,3000){
        c[i][0]=1;
        fp(j,1,i)c[i][j]=add(c[i-1][j-1],c[i-1][j]);
    }
}
int main(){
//  freopen("testdata.in","r",stdin);
    int T=read();init();
    while(T--){
        memset(f,0,sizeof(f));
        memset(g,0,sizeof(g));
        n=read(),m=read(),k=read();
        fp(i,1,n)a[i]=read();
        fp(i,1,n)b[i]=read();
        sort(a+1,a+1+n),sort(b+1,b+1+n);
        fp(i,1,n)f[1][i]=a[i],sum[i]=add(sum[i-1],a[i]);
        fp(i,2,n){
            fp(j,1,n-i+1)f[i][j]=mul(a[j],dec(sum[n],sum[j]));
            fp(j,1,n)sum[j]=add(sum[j-1],f[i][j]);
        }
        fp(i,1,n)g[1][i]=b[i],sum[i]=add(sum[i-1],b[i]);
        fp(i,2,n){
            fp(j,1,n-i+1)g[i][j]=add(mul(b[j],c[n-j][i-1]),dec(sum[n],sum[j]));
            fp(j,1,n)sum[j]=add(sum[j-1],g[i][j]);
        }
        ans=0;
        fp(i,0,m-1)
        if(i<k)ans=add(ans,mul(F(i,i),G(m-i,k-i)));
        else ans=add(ans,mul(F(i,k-1),G(m-i,1)));
        printf("%d\n",ans);
    }return 0;
}
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