对于单链表有环问题，上一期，我们已经详细讲解了！！而快慢指针功不可没！！
对于本期 我们再次回顾，链表有环问题时，不难心中存在一个疑问，一定能追得上吗？ 会不会错过？？
那么为什么？？为何能追上，什么情况下会追不上！！这就是我们今天讨论的重点！！
假设单链表有环，快指针每次走两步，而慢指针每次走一步！！那么，快慢指针总会全都入环，并且一定是快指针先入环。当慢指针入环的时候，两个指针相差的距离，最坏的情况是环的长度 - 1
而每次，快指针总是比慢指针多走一步！！这样会之间的距离就会缩小一步！！并且不会出现套圈的现象！！而且在慢指针走完一圈之内快指针一定会同慢指针相遇
由于方便理解与论述，请看下面的图示 :>
以上仅仅是一种情况，那么问题又来了！！如果，每一次 slow 走一步，而 fast 会走 X (X >= 3) 步呢？？
会相遇吗？又是否会错过？？
还是同样，为方便理解以及更加形象化，请看下面的图解 :>
由以上过程的讨论，我们不难看出，对于 N 的奇偶性需额外注意的！！
另外步数相差 偶数倍 与 还是相差 奇数倍 也还是有区分的！！
下面，我们再证明一道 ::>
让一个指针从链表的起始位置开始遍历链表，同时让一个指针从判环时相遇的位置开始绕环运行，两个指针都是每次均走一步，最终会在第一次入环的位置相遇。请证明！
本道证明题，是不是特别有熟悉感！ 其实，它是上一期最后一道题的拓展！！
原题如下 ::>
给定一个链表的头结点 head，返回链表开始入环的第一个结点。如果链表无环则返回 NULL。
而代码实现则如下 :>
为了更加容易理解证明过程，还是图像形象化比较好，如下所示 :>
如图所示，假设，H为起始点，E为入环点，
M为相遇点，也是 fast开始追击 slow 的起始点（或者说，slow 刚刚入环的时候，fast 所在的位置）
设 长度ME 为 L ，EM之间的距离为X ， ME 间距为 C - X
判环过程中，快指针与慢指针相遇时，有 ::>
slow = L + X
fast = L + X + nC ，（n ，1， 2， 3， 4， 5， 6 ···）
现请注意 :>
1.慢指针入环时，快指针已经在环中运动了n圈。n 至少为 1
因为 ：slow 入环时， fast 位于 M 点处，之后追击 slow 又在M点处两者相遇
2.slow 入环，fast 会在slow 完成一圈之内，追上 slow
因为：fast 与 slow 之间的最大距离为环的长度 C， 由于fast 比 slow 要快走一步，每一次会使得之间的距离缩短一个单位，因此 slow 入环之后，fast 在一圈之内一定会追上 slow
由于满足 fast 的行进速度是slow的两倍（噢！！这让我想起了高中物理的速度是矢量，是有方向的，前面的表述口误了，哈哈